第4届华为编程大赛决赛试题

这回是自己偷偷把试题带回来了。这次比赛一共就一道题,上午9点做到晚上5点,不能上网,中午管饭
之前听说往届都有界面需求,这机房只有vc6,所以前几天还补了下mfc,果然太难用了……
今天一看题目,不需要界面,还好还好
不过也是做得异常地郁闷,真是费劲千辛万苦最后才搞出一个不怎么靠谱的答案,对比赛成绩不能有任何的指望了,就当是蹭饭机房一日游

题目是这样的:

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编程题(共1题,100分。请上机编写程序,按题目要求提交文件。测试用例不对考生公开,凡不满足提交要求导致不能运行或用例不通过,不予评分。)

 

1. 俄罗斯方块之棋盘覆盖

俄罗斯方块是一款风靡全球的益智类游戏。由俄罗斯人阿列克谢·帕基特诺夫发明,故得此名。俄罗斯方块的基本规则是移动、旋转和摆放游戏自动输出的各种方块,使之排列成完整的一行或多行并且消除得分。由于上手简单、老少皆宜,从而家喻户晓,风靡世界。

 

本试题是在俄罗斯方块几种常见的方块基础上,在指定大小和障碍的棋盘上,用标准的方块形状,完成对棋盘的覆盖。用于覆盖棋盘的方块可以是下文所给出方块的全集,也可以是其中的任意一个子集,且使用的方块数量不限,形状变化不限。

 

棋盘大小:

棋盘大小为21行21列的正方形。按照从上到下,从左到右,从1开始,依次进行编号,直到最右下方的格子标识为441。

可选方块:

可选方块为标准的俄罗斯方块形状,包括其标准的旋转变化。基本形状如图所示:

各形状的变化如图所示(字母为方块编号):

 障碍说明:

棋盘上仅有一处障碍无法放置方块,障碍可处于棋盘任意位置。障碍为基本形状a及其所有的旋转变化,如图所示:

输入输出要求:

输入文件名为testin.txt,格式如下所示,各数字用空格隔开,各数字表示棋盘格子编号。

2 3 22 23

该输入表示障碍位于棋盘的左上角。

输出文件名为testout.txt,要求先输出棋盘覆盖结果,再输出未覆盖的格子个数。输出棋盘用21行21列数字/字母表示,其中0表示未覆盖的格子,1表示障碍,字母表示对应方块编号(字母对应关系见“可选方块”一节)。最后输出未覆盖格子个数。这里以6行10列棋盘举例示意输出格式(注意:实际输出应该是21行21列,对应方块形状用对应的字母表示):

 

要求:

1、  用所提供的方块尽可能覆盖棋盘并输出结果;

2、  在(1)的基础上,棋盘上的空格越少越好。

交付件要求:

C/C++:需要提交可执行文件和压缩打包的源代码工程

JAVA:需要提交压缩打包的整个编码工程目录

 

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点此直接跳到最后的构造法及代码

一看题目,第一感觉是搜索空间有点大,第二感觉是说不定旋转对称性可以利用,不管了先给他搜上再说

慢吞吞地写完后,一运行,╮(╯_╰)╭ ………………加了记忆也没用

然后开始使用无脑流乱改,眼瞅着那个长条挺好用,给我把大片的空白全填了去!

填到只剩6行(考虑到unsigned long 是128位,6 * 21 =126正好小于128就留了6行),还是特别龟速

然后稍微注意了一下,用我的土算法,实际搜索范围在7x7的时候就很慢了,再往上肯定无理

所以要么换搜索算法,要么就把搜索范围进一步缩小。

之前产生用长条填的想法,是基于以前看的俄罗斯方块视频。那位神玩家基本可以在任何情况下都使用长条一次性消去三四行,所以我觉得这道题可以整行整行地填充以缩小搜索范围,而不至于太过影响最终结果。看来光是按行填还不够

算法方面暂时想不出什么办法了,我需要一个好的启发式搜索剪枝算法!但是想不出……先吃饭嗯。这黄瓜好辣

吃完饭,想想觉得有个不怎么靠谱的结果总比一万年也跑不出个结果要强,于是把原来的算法改成不可靠算法,遍历的次序随机化,也只按照一定概率进行回溯。这下结果总算是有了,还可以跑个几百次取最佳值,最佳结果一般在9到20之间浮动。我在想,一共21行,这样的话就是每行不超过一个空,这电脑已经能玩的比我还好了。但是毕竟是比赛口牙,时间也还有,就再努努力试试

于是视线重回搜索范围,在长条填充的想法上进一步深入,填到只剩一个很小的方形如何?毕竟之前测试发现小范围搜索下遗留的空位也都很少

先看地图大小,21x21,长条填充的话是4+4+4+4+4+1(竖着),所以要想填充完整,这个方形的尺寸只能是4的倍数或4的倍数+1

考虑到之前的7x7最大值,我选择5x5的方形尺寸。21-5=16,这样只要保证这个方形两边的余下的长度都能被4整除,就可以用长条完美覆盖了

而障碍物的尺寸是2x3,长度为2的那条边肯定能被起始位置为4的倍数、尺寸为5的方形装入。而长度为3的那条边讨论起来就有点麻烦了

稍微画了下图,发现用障碍物的左上角位置对4取模,余数为0、1、2都没问题,3的话就只有增加方形尺寸。于是在这种情况下,把方形尺寸加到8,依旧可以较为完整地用长条铺满,只不过需要补一个长条,损失一个无法填补的位置。5x8也小于7x7,性能也可以接受。

之后做了下实验,5x5的小方形里会留1个空,5x8的小方形里不会留空,但是5x8时外面填充会有一个空,这样两处加起来也正好是1个空,比之前的随机算法效果好多了

不过依旧是不完美算法OTL ,不知道该怎么证明子空间的最优性。再说满眼都是 f 这算什么嘛!也完全不能保证找到最优解。最优解我是无论如何也想不出的,只能再多查找资料、多积累了。

 

后记:

和罗同学讨论、阅读了宝贵的博客留言后,思路也稍微明晰一点了。首先21x21,最优解为遗留1个空,这个我就完全没有察觉到……太沉浸在性能测试上了,性能测试时使用的棋盘大小又不是21x21的

晚上回来重新debug,发现自己的算法还是勉强可以完成只遗留1个空的(通过枚举小方形,但依旧不知道怎么证明),但是比赛时提交的代码里有错误,横向的情况被我写反了(左右颠倒了OTL 都没有认真核对障碍的形状就交上去了),这样一来一半的测试用例肯定都通不过了

我的实力也就仅此而已了,愿这次的失败能让我沉淀得更深

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这两天也和网友进行了讨论,还是构造法最高啊……

构造法说起来也很简单,首先利用对称性和可旋转性,将输入缩减为一种(这里都缩减为),之后对输入的位置进行考虑:
若位于左上角,则可以通过如下的方式填充:

剩余的空格就是左上的第一个格子,剩下的21x16区域用长条可以完美填充
(右下角也是完全一样)
若不位于左上角或右下角,则可通过加入两个L,变成的4x3的障碍。将障碍体积变为4x3后,剩下的区域再用长条填充,可以保证填充至只剩1个格子(简单画画图就能发现了,不证明了)。
被别人一点拨,感觉真的是醍醐灌顶,如此简易的分析方法自己便就是做不到口牙……!
照着这个思路,自己也大致写了下代码:

 

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128
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130
#include <stdio.h>
#include <stdlib.h>
#include <memory.h>

#define TABLE_SIZE 21

// store the input
int input[4] = {0};

// store the hole answer
char table[TABLE_SIZE * TABLE_SIZE];

bool isVertical = false;

void Initialize();
void Output(FILE* f);
void Construct();

int main(){
    FILE* fw = fopen("testout.txt", "w");
    FILE* fp = fopen("testin.txt", "r");
    if (!fp){
        printf("file not found!\n");
        return 0;
    }
    // main loop
    while (!feof(fp)){     
        fscanf(fp, "%d %d %d %d", &input[0], &input[1], &input[2], &input[3]);
        Initialize();
        Construct();
        Output(fw);
    }
    fclose(fp);
    fclose(fw);
    return 0;
}

void Initialize(){
    int i, j, x, y;
    memset(table, 'f', sizeof(table));
    for (i = 0; i < 4; ++i){
        if (input[i] < 1 || input[i] > TABLE_SIZE * TABLE_SIZE){
            printf("input number error!\n");
            exit(0);
        }
        --input[i]; // input pos start from 1... but I start from 0
    }

    //sort input
    for (i = 1; i < 4; ++i){
        if (input[i] < input[i - 1]){
            int temp = input[i];
            for (j = i - 1; j >= 0 && input[j] > temp; --j){
                input[j + 1] = input[j];
            }
            input[j + 1] = temp;
        }
    }

    //rotate input to 3x2 if it is 2x3
    if (input[1] - input[0] != 1){
        isVertical = true;
        for (i = 0; i < 4; ++i){
            x = input[i] % TABLE_SIZE;
            y = input[i] / TABLE_SIZE;
            input[i] = x * TABLE_SIZE + TABLE_SIZE - 1 - y;
        }
        input[0] ^= input[1];
        input[1] ^= input[0];
        input[0] ^= input[1];
    }
   
}

void Construct(){
    int i, j, x, y;
    x = input[0] % TABLE_SIZE;
    y = input[0] / TABLE_SIZE;
    if (input[0] == 1 || input[0] == TABLE_SIZE * TABLE_SIZE - 2 - TABLE_SIZE){ // in the corner (left-top or right-bottom)
        if (input[0] == 1){
            table[0] = '0';
        }else{
            table[TABLE_SIZE * TABLE_SIZE - 1] = '0';
        }
        for (i = 1; i < TABLE_SIZE; ++i){
            table[i + y * TABLE_SIZE] = 'a';
            table[i - 1 + (y + 1) * TABLE_SIZE] = 'a';
        }
    }else{
        //fill it with L in a 4x3 tiny block (3x4 is also useful)
        if (y != TABLE_SIZE - 2 && x != 1){
            for (i = x - 2; i < x + 2; ++i){
                for (j = y; j < y + 3; ++j){
                    table[i + j * TABLE_SIZE] = 'c';
                }
            }
        }else{
            for (i = x - 1; i < x + 3; ++i){
                for (j = y - 1; j < y + 2; ++j){
                    table[i + j * TABLE_SIZE] = 'c';
                }
            }  
        }  
        //leave a hole anywhere
        if (table[0] == 'f'){
            table[0] = '0';
        }else{
            table[TABLE_SIZE - 1] = '0';   
        }      
    }
    // fill the barrier
    for (i = 0; i < 4; ++i){
        table[input[i]] = '1';
    }
}

void Output(FILE* fp){
    int i, j;
    for (i = 0; i < TABLE_SIZE; ++i){
        for (j = 0; j < TABLE_SIZE; ++j){
            if (isVertical){
                fprintf(fp, "%c ", table[TABLE_SIZE - 1 - i + j * TABLE_SIZE]);
            }else{
                fprintf(fp, "%c ", table[i * TABLE_SIZE + j]);             
            }
        }
        fprintf(fp, "\n");
    }
    fprintf(fp, "1\n");
}

12 条评论

  1. 匿名 说道:

    2 3 22 23什么意思?

    • suika 说道:

      表示在第2、第3、第22、第23这4个位置有障碍,如果以21x21大小的棋盘左上角为1,先横着数再竖着数,则这4个位置正好构成图中所示的那个俄罗斯方块图案

  2. 匿名 说道:

    顶一个!!!

  3. 匿名 说道:

    棋盘共有441个格子,每个现状都是4格,441%4 = 1;剩下的空格数只可能是1,5,9,13.。。
    直接暴力求解,每种障碍都能算出剩一个空格的布局。已经是最优的了

    • suika 说道:

      感谢提醒,但是直接暴搜好像很慢啊,110个图案填进去的组合数太多了。如果先缩小区域再暴搜,主要的障碍是对小区域内能达成最优(即剩1或0个格子)的证明。这个证明只能靠枚举么?

      • 匿名 说道:

        有同学做了,对任何位置的障碍都能填充到只剩一个空格(本来至少会留一个空格 )。先和你得做法一样对4的倍数的行(不包含障碍的行)用f填满,缩小范围。这时其实在下面用笔分析出了只剩一个空格的填充法,没有在程序里搜,程序里面只是一些赋值。。。只要做出一种障碍,另外一种障碍旋转得到第一种障碍,再解决就行了。。

  4. 匿名 说道:

    我做出来的结果都是5,如果要求都是1的话,程序要更复杂,没时间写了。

  5. ctzsm 说道:

    其实我想知道有多少人是构造的。。。。。

    而且其实构造的时候有个小trick,有一个情况下构造3*4(对于您这种情况,我的情况是4*3)的方块的时候,会把那个空白覆盖掉。我是写了一个check才发现的。没有太多时间看您的程序,不知道是否有相似的问题。

    • suika 说道:

      抱歉……稍微有些没看懂您的意思
      文后那份代码里,在确定了构造4x3 / 3x4的矩形之后,其他地方就全用长条填充,再随意留一个空就可以了。只要先确定矩形位置,再确定留空的位置,就不会让空隙被覆盖了。

      • ctzsm 说道:

        我的填充方法跟你略有差异。

        - -表示当时直接用excel画了一下,于是。。。我还在压缩包里加了个excel文件。。。

        这题比前两届的简单多了,不知道华为最后怎么评判。。。

  6. 杨旭光 说道:

    我边拿笔算边看题目,我想到的是将其障碍变成4x3的障碍,就如你所说的4x3的障碍。可是就没想到剩下的分配了...哈哈。自己也忍不住往下看你的做法,就没再想直接跳到你的算法中。

  7. mtkfish 说道:

    dsd

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